①算出前项规律：
通过观察，前项为1、2、3、4的周期循环数列。

②算出后项规律：
后项为1、3、5、7、9……，是奇数列，可表示为2n-1。

③算出答案：
由于前项数字都比较小，通过后项切入。
若2n-1=2021，解得n=（2021+1）÷2=1011，但还有前项数字，故应比1011略小，为1010。
验证选项：
第1010项前项为1010÷4=252……2，为2；
第1010项后项为2×1010-1=2020-1=2019；
算式和为2+2019=2021，符合题意。

故本题选B。
【2024-浙江A-063】

Ⅰ析题干：
论据：6名同学均向甲、乙公司投递了简历。甲、乙两公司通知了所收简历中一半的人员参加面试。
论点：6名同学每人获得了来自甲或乙公司的仅一次面试机会。

Ⅱ辨选项：
A选项：无关项。“宿舍同学未向其他单位投递简历”与“每位同学获得了来自甲公司或乙公司的仅一次面试机会”无关，排除。

B选项：无关项。“6名同学均符合两个单位的招聘条件”，但无法确定6名同学是否获得了来自甲或乙公司的仅一次面试机会，排除。

C选项：前提项。如果甲、乙两公司同时通知该宿舍的同一个人去参加他们的面试，那么每人获得了来自甲公司或乙公司的仅一次面试机会就不成立，是题干成立的前提假设，保留。

D选项：无关项。“都愿意参加”不等同于“获得面试机会”，也不确定是否只获得了甲乙两公司仅一次面试机会，排除。

故本题选C。
【2022-北京-093】

①分析题意：
5位宇航员分到三个舱中开展工作，每个舱至少安排1名宇航员，总情况数需要分情况讨论，三个舱的人可以是1，2，2和3，1，1两种数字组合情况。

②分情况讨论：
（1）1，2，2情况：
先安排三个舱中选一个舱是一个宇航员，剩下两个舱就各是两个宇航员，此时有种情况，
再从5位宇航员中选一个给第一个舱，有种情况，
剩下4位宇航员安排到两个舱有种情况，
总情况数就有：3×5×6=90种情况。
（2）3，1，1情况：
先安排三个舱中选一个舱是三个宇航员，剩下两个舱为一个宇航员，此时有种情况，
再从5位宇航员中选三个给第一个舱，有种情况，
剩下2位宇航员安排到两个舱有种情况，
总情况数就有：3×10×2=60种情况。

③算出结果：
总情况数有90+60=150种，
其中甲宇航员只能去问天实验舱和梦天实验舱中的一个，且每位宇航员去每个舱的概率相等，
则甲去问天实验舱和梦天实验舱的概率为，
甲去问天实验舱和梦天实验舱的情况数为×150=100种。

故本题选C。
【2024-联考/安徽-030】

第一步：判断题型------本题为细节判断题

第二步：分析题干
根据题干，定位原文。通过“约1亿粒世界各地的农作物种子被保存在零下18摄氏度的地窖中，旨在为植物学家提供种子基因，防止植物因天灾人祸灭绝”可知挪威保护地窖的建立主要是为了保护农作物的种子。对比选项，D项当选。

故本题选D。
【2011-上海（A类）-012/上海（B类）-077】

Ⅰ找考点：本题为文学常识

Ⅱ析选项：
上联“惟楚有材”出自《左传》，虽楚有材，晋实用之。下联“于斯为盛”出自《论语·泰伯》，唐虞之际，于斯为盛。
A选项：题干对联是湖南长沙岳麓书院大门前的对联，用来形容书院是英才齐聚之所。所以选A。

Ⅲ拓展项：
B选项：水木清华是清华大学的一处胜景，正额“水木清华”据历史记载是清朝康熙皇帝的御笔。正中朱柱上悬有清道光进士，咸、同、光三代礼部侍郎殷兆镛撰书的名联：槛外山光历春夏秋冬万千变幻都非凡境，窗中云影任东西南北去来澹荡洵是仙居。排除。

C选项：贡院是古代乡试的考场。现存有江南贡院、北京贡院、定州贡院、川北道贡院等遗址，并不存在扬州贡院。排除。

D选项：杜甫草堂是唐代诗人杜甫流寓成都时的故居，草堂大廨厅堂两壁悬挂有一幅长联：异代不同时，问如此江山，龙蜷虎卧几诗客；先生亦流寓，有长留天地，月白风清一草堂。排除。

故本题选A。
【2018-广州325-047】

Ⅰ析题干：
论据：酒精洗手液会对手部皮肤造成损伤，某品牌免洗洗手液不含酒精
论点：某品牌免洗洗手液不会对手部皮肤产生损害

Ⅱ辨选项：
A选项：题干由原因“不含酒精”得到结果“不会产生损害”，即默认只有酒精会产生损害，对应A项。

B选项：重复论据。题干中已经指出某品牌免洗洗手液不含酒精，排除。

C选项：无关项。题干讨论的是酒精会不会对皮肤产生损害，“清洁效果”为无关项，排除。

D选项：无关项。题干讨论的是会不会对“手部皮肤”产生损害，“人体其它部位”为无关项，排除。

故本题选A。
【2020-广东县级-062】

①算出双打比赛场地数：
设有x块羽毛球场地进行双打比赛，则有（10-x）块羽毛球场地进行单打比赛。
双打每场需2×2=4名运动员，单打每场需2×1=2名运动员。
可列式4x+2×（10-x）=28，解得x=4。

②算出答案：
所以有4×4=16名运动员参加双打比赛。

故本题选D。
【2023-北京-074】

①算出乙票数：
设乙选票为x张，丙丁选票均为y；
可得35+x+2y+8=71，得x+2y=28；
已知2y与28皆为偶数，则x也为偶数，排除B、D选项；

②算出答案：
当x=8时，与戊选票数相同，不符合乙得选票为第二名条件，排除；
带入C项，当x=10时，y=9，满足题意；

故本题选C。
【2021-重庆选调-053】

①算出票数：
80人每人只投1票，因此共投出80票；
已知A票数最多，共获得20张选票，那么还剩下80-20=60票。
又知道F获得10张选票，排在第4，此时还剩下60-10=50票。
要使B、C获得的选票最多，那么并列第3的D、E票数应最少，即只比第4的F多1票，即D、E二人均为10+1=11票，此时还剩下50-11-11=28票。

②算出答案：
B、C票数相同，均为28÷2=14票。

故本题选D。
【2021-广东县级-033】

方法一：
①算出所有情况：
6名专家平均分为2组，共有种情况。

②算出答案：
按题目要求，甲乙丙在一组（对应的丁戊己在一组）、甲丁戊在一组这2种情况不符合题意，其余情况均可。
故所求为10-2=8种。

方法二：
①列出所有情况：
环境保护专家与旅游行业专家无交叉，从环境保护、旅游行业中各选1名专家，情况数为；
再从剩余4名专家中选择1名组成小组，情况数为；
剩余3人组成1组。
因平均分组没有先后，从剩余4名专家中进行选择时存在重复，需去重2次，总情况数为种；
其中甲、丁、戊三人同一组，乙、丙、己三人分到同一组时，不满足一组内有三种专家的要求，需要去掉这一种情况；

②算出答案：
故满足条件的分组方式有9-1=8种。

故本题选D。
【2022-国考市地-065/-国考副省-069】